Dibujado el triángulo de vértices $A,B,C$, se pide determinar gráficamente el punto $P$ tal que
\[\angle PAB=\angle PBC=\angle PCA.\]
Expresar una función trigonométrica de este ángulo $\angle PAB$ en función de las funciones trigonométricas de los ángulos $A$, $B$ y $C$.
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Sin soluciones
infoDadas dos circunferencias exteriores de radios $r$ y $r'$ ($r\neq r'$), se pide dibujar, razonadamente, una recta paralela a una dirección dada, tal que determine sobre las dos circunferencias dos cuerdas tales que la suma de sus longitudes sea igual a una longitud dada $\ell$.
Sin pistas
Sin soluciones
infoSean $A'$, $B'$ y $C'$ los puntos de tangencia de los lados $BC$, $CA$ y $AB$, respectivamente, de un triángulo con su circunferencia inscrita. Sea $D$ el punto de intersección de $C'A'$ con la bisectriz del ángulo del vértice $A$. Calcular el valor del ángulo $\angle ADC$.
pistasolución 1info
Pista. Demuestra que la circunferencia circunscrita a $A'DC$ pasa por el incentro del triángulo $ABC$.
Solución. Por comodidad, llamaremos $\alpha,\beta,\gamma$ a los ángulos del triángulo, como es usual. El triángulo $BAC'$ es isósceles, luego $\angle DC'A=180^\circ-\angle BC'A'=180^\circ-\frac{1}{2}(180^\circ-\beta)=90^\circ+\beta$. Por lo tanto, en el triángulo $AC'D$, tenemos que $\angle C'DA=180^\circ-\angle DC'A-\frac{\alpha}{2}=90-\frac{\alpha+\beta}{2}=\frac{\gamma}{2}$. Ahora bien, como $AD$ es la bisectriz y contiene al incentro $I$, deducimos que $\angle A'DI=\angle\frac{\gamma}{2}=\angle ICA'$. Por la propiedad del arco capaz, esto nos dice que $ICDA'$ es un cuadrilátero cíclico y, por tanto,
\[\angle ADC=\angle IDC=\angle IA'C=90^\circ.\]